Дополнительная. 1 Никитин Г.И. Теоретическая механика для техникумов
1 Никитин Г.И. Теоретическая механика для техникумов. - М.: Наука, 1988.
2 Файн А.М.Сборник задач по теоретической механике. - М.: Высшая школа, 1987.
3 Эрдеди А.А., Эрдеди Н.А.Техническая механика. - М.: Высшая школа, 1991.
Приложение А - Варианты заданий и схем балочных систем

Вариант; схема
| q,
H/м
| F,
H
| M,
Hм
|
| 1;1
|
|
|
| 2;2
|
|
|
| 3;3
|
|
|
| 4;4
| 1,5
|
|
| 5;5
|
|
|
| 6;6
|
|
|
| 7;7
|
|
|
| 8;8
| 4,5
|
|
| 9;9
|
|
|
| 10;10
|
|
|
| 11;1
|
|
|
| 12;2
| 2,5
|
|
| 13;3
|
|
|
| 14;4
|
|
|
| 15;5
|
|
|
| 16;6
| 4,5
|
|
| | 17;7
|
|
|
| | 18;8
|
| 2,5
|
| | 19;9
| 3,5
|
|
| | 20;10
|
|
|
| | 21;1
|
|
|
| | 22;2
| 1,5
|
|
| | 23;3
|
|
|
| | 24;4
|
|
|
| | 25;5
|
|
|
| | 26;6
|
|
|
| | 27;7
| 1,2
|
|
| | 28;8
|
|
|
| | 29;9
|
|
|
| | 30;10
|
|
|
| |
Вариант; схема
| F1
| F2
| М
кНм
| кН
| 1; 1
|
|
|
| 2; 2
|
|
|
| 3; 3
|
|
|
| 4; 4
|
|
|
| 5; 5
|
|
|
| 6; 6
|
|
|
| 7; 7
|
|
|
| 8; 8
|
|
|
| 9; 9
|
|
|
| 10; 10
|
|
|
| 11; 1
|
|
|
| 12; 2
|
|
|
| 13; 3
|
|
|
| 14; 4
|
|
|
| 15; 5
|
|
|
| 16; 6
|
|
|
| 17; 7
|
|
|
| 18; 8
|
|
|
| 19; 9
|
|
|
| 20; 10
|
|
|
| 21; 1
|
|
|
| 22; 2
|
|
|
| 23; 3
|
|
|
| 24; 4
|
|
|
| 25; 5
|
|
| 0,6
| 26; 6
|
| 3,5
| 2,4
| 27; 7
|
| 2,5
| 1,5
| 28; 8
|
|
| 0,6
| 29; 9
|
|
|
| 30; 10
|
|
|
| | | | | | 
Приложение Б - Пример выполнения задания
Определение опорных реакций балок.
Цель работы:
Определить опорные реакции консольной и двухопорной балок из условия равновесия.
Ход работы:
1. Расчёт консольной балки.

1.1 Составляем расчетную схему, на которой обозначаем точку жёсткого закрепления балки буквой А, показываем силы реакции Rаx, Ray и момент реакции Mr в жёстком закреплении балки, выбираем оси координат и заменяем распределённую нагрузку сосредоточенной силой, которая равна произведению интенсивности нагрузки 2кН/м на длину её участка действия 3м + 1,5м = 4,5м, то есть,
Q = 2 * 4,5 = 9 кН
и приложена в середине участка действия распределённой нагрузки (4,5/2=2,25м).

1.2. Выбираем форму уравнений равновесия для полученной системы сил. Так как действует система параллельных сил, реакция Rаx = 0. Для определения реакций Ry и Mr составляем два уравнения равновесия:

1.3. Выполняем проверку равновесия. Для этого мысленно закрепляем балку в точке B и составляем уравнение моментов относительно точки В

ΣMв = Mr + Rаy*2 -16 - 9*2,25 = 46,25 - 5*2 -16 - 20,25 =
= 46,25 -10 -16 - 20,25 = 46,25 - 46,25 = 0, следовательно, реакции определены правильно.
2. Расчёт двухопорной балки.

2.1 Составляем расчетную схему, на которой обозначаем точки закрепления балки буквами А и В, показываем в шарнирно-подвижной опоре В одну реакцию RВ, а в шарнирно-неподвижной опоре А две силы реакции Rаx, Ray.Выбираем оси координат.

Rax = - 4кН Rв = -30,713/6 = - 5,12кН Ray = -10,856/6 = -1,81кН
Так как все реакции получились со знаком «-», значит, они направлены в стороны, противоположные показанным на схеме.
2.3 Выполняем проверку равновесия, для этого выбираем уравнение, неиспользованное в решении:
ΣFy = Ray + 8 · cos30° + Rв – 5 · 2 = -1,81 + 8·0,866 - 5,12 = -1,81+ 6,93 - 5,12 = 6,93 - 6,93 = 0,
следовательно, реакции определены правильно.
1 | 2 | 3 | 4 | 5 | Поиск по сайту:
|